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黑龙江省庆安县2023学年中考物理模试卷(含答案解析)

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黑龙江省庆安县2023学年中考物理模试卷(含答案解析)


('2023学年中考物理模似试卷考生请注意:1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1.小明和小华在操场上沿直跑道跑步,他们通过的路程和时间关系如图所示,则下列说法中正确的是A.两人都做匀速直线运动B.前2s内,小明跑得更快C.8s内,小明的速度是5m/sD.8s内,小华跑的路程更长2.如图所示,对于图中所述的物理过程,下列分析正确的是()A.图甲,瓶子内的空气推动塞子跳起时,空气的内能增大B.图乙,试管内的水蒸汽推动塞子冲出时,水蒸气的内能减少C.图丙,汽缸内的气体推动活塞向下运动时,气体的内能增大D.图丁,小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作的3.各种形式的能量都不是孤立的,它们可以在一定条件下发生转化,且能量的转化是有方向的,下面几幅图按能量转化的顺序,排列正确的是A.①②③④B.②③④①C.②①③④D.①③④②4.董卿主持的《中国诗词大会》再次获得央视第四季收视率冠军,场外中途打开收音机的听众们判断出是董卿正在主持,听众们判断的依据主要是声音的A.响度B.音调C.音色D.声速5.如图是体重自动测试仪的工作原理,下列有关它的说法中正确的是A.体重越大,体重示数计的示数越小B.体重示数计是用电压表改装成的C.体重测试仪电路由于缺少开关,始终处于通路D.体重测试仪所测体重越大,相同时间内电路消耗电能越多6.两个足够高底面积不同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的甲、乙两种不同液体,如图所示(S甲>S乙)。若在两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后,则以下关于液体的密度ρ甲、ρ乙及此时液体对容器底部压强p甲、p乙的判断正确的是A.ρ甲>ρ乙,p甲>p乙B.ρ甲>ρ乙,p甲<p乙C.ρ甲<ρ乙,p甲>p乙D.ρ甲<ρ乙,p甲<p乙7.如图,在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中,当我们将电阻由5Ω换成10Ω后,接下来的操作正确的是()A.将变阻器滑片P向左移动,保持电压表示数不变B.将变阻器滑片P向左移动,保持电流表示数不变C.将变阻器滑片P向右移动,保持电压表示数不变D.将变阻器滑片P向右移动,保持电流表示数不变二、填空题(本大题7小题,共21分)8.用图甲电路测量小灯泡发光时的电阻,电压表应该接在_____(填“1”或“2”)处.当闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,当电压表示数为2.4V时,电流表的示数如图乙,则此时通过灯泡的电流是______A,灯泡的电阻是________.9.在太空中,把要合成的各种固态材料放进特制的太空炉,对材料加热使其内能_____大(选填“增大”或“减小”)而熔化,再降温使其变成新的固态材料,然后随着卫星或飞船返回地球这样加工的材料叫太空材料当一块加工好的太空材料从太空返回地球时,其质量_____(选填“变大”、“变小”或“不变”)10.如图所示,是明代著名画家吴伟的饮驴图,画配诗《题老人饮驴图》中有两句诗:“岸上蹄踏蹄,水中嘴对嘴”,“水中嘴对嘴”是光的_____现象,其中的“水中嘴”是另一个“嘴”的_____像(选填“虚”或“实”).11.关于重力的方向可利用如图所示的装置来探究:随着β角的改变,悬线OA与水平面的夹角将_____(选填“改变”或“保持不变”),据此可知,重力方向总是_____,在进一步探究小球A所受重力的大小时,弹簧测力计对A的拉力大小等于A受到的重力,是因为它们是一对_____.12.如图,实心正方体A、B的材质与表面粗糙程度相同,且mA:mB=1:8,A、B叠放于水平地面,在水平推力F的作用下一起向右匀速直线运动,甲、乙两种情况对地面的压强p甲:p乙=_____,水平推力F甲:F乙=_____。13.为时刻储备生活用水,图示为某具有自动蓄水功能模型示意图.图中容器为长方形的水池,A是一个底面积为10cm2的方形塑料盒,与塑料盒连接的直杆可绕固定点O转动,当蓄水量达到一定值时,活塞B堵住进水管,注水结束,水位为H.(水的密度是1.0×103kg/cm3,g取10N/kg)(1)注水的过程中,随着水位上升,水对水池底部的压强逐渐_____.(填“变大”“变小”或“不变”)(2)注水结束时,塑料盒浸入水中的深度是2cm,塑料盒所受的浮力是_____N.(3)若在塑料盒内放入质量为20g的物体,注水结束时的水位H高了_____m.14.搬运砖头的独轮车,车厢和砖头所受的总重力G=1400N.独轮车有关尺寸如图所示.该独轮车是一个_____杠杆,动力F=_______N.为了省力,工人师傅可以采取的措施是______.(写一条即可)三、作图题(共7分)15.在图中,根据给出的反射光线OB画出入射光线AO,并标出入射角的大小.(_____)16.在图中标出电源的正负极和磁感线的方向.(______)17.完成图中小莉通过平面镜观察白己脚后跟A点时的光路图四、实验题(本大题共5小题,共20分)18.为了比较水和某液体的吸热能力,小君同学用图甲中两套完全相同的实验装置做实验,并将实验数据记录于下表中.①加热液体过程中,某时刻温度计的示数如图乙所示,此温度为_______℃.物理量物质质量/g初始温度/℃加热时间/min最终温度/℃水5060574某液体5060582②本实验中,用_______(选填“温度计示数变化”或“加热时间”)间接反映液体吸收热量的多少,这种方法通常称为“转换法”;分析右上方表格中的数据可知,_____(选填“水”或“液体”的吸热能力较强.19.某实验小组的同学通过图甲所示的电路进行实验探究.断开开关S3,闭合开关S1和S2,移动滑动阻器滑片P,发现电压表始终无示数,电流表有示数,其原因可能是_____(填符号)A.滑动变阻器断路B.R断路C.R短路故障排除后断开开关S3,闭合开S1和S2,通过调节滑动变阻器,读出多组相应的电压表和电流表的示数.甲同学根据测量数据绘成如图乙所示图象.由图象可知定值电阻R=_____Ω;乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值,其目的是为了_____;断开开关S2,闭合开关S1和S3,通过多次调节滑动变阻器,测量灯L的电压和电流,根据测量数据绘成如图丙所示的图象.若灯L的额定电压为2.0V,则它的额定功率为_____W.由图丙可看出灯丝的UI﹣图象不是一条直线,原因是_____.20.物理兴趣小组的同学们想探究通过导体的电流与电压的关系.实验室有电源、电压表、电流表、滑动变阻器、规格不同的定值电阻、开关和导线等器材各若干供同学们选择,实验所用电路如图所示.(1)他们测得多组数据记录在表一中,在给定的坐标纸上作出图象,分析得出了结论.在与其他组交流时发现虽然各小组作出的图象都是正确的,但是在相同的坐标纸上有些小组的图象却明显不同.请你利用表中数据在右图中作出I﹣U图象,并回答造成这种不同的原因:____.表一表二实验次数12345实验组次123电压U/V1.01.52.02.53.0电阻R/Ω51020电流I/A0.10.150.20.250.3电流I/A0.40.20.16(2)接着小组同学拿来5Ω、10Ω、15Ω的三个定值电阻,探究“电流与电阻的关系”,实验中数据读取准确无误.①由于操作不当,导致表二中第____次实验的数据存在错误,出错的原因是____.改正表二的错误后,分析数据我们得到的结论是____②记录第1次实验数据时,定值电阻与滑动变阻器消耗功率的比值a;记录第2次实验数据时,定值电阻与滑动变阻器消耗功率的比值b;则a____b(大于/小于/等于”).21.某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如下表所示,实验装置如下图所示.(1)实验中应沿竖直方向___________缓慢拉动弹簧测力计.实验序号钩码重量G/N钩码上升高度h/m绳端拉力F/N绳端移动距离s/m机械效率η140.11.80.3280.13.10.386%380.12.50.480%(2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数,弹簧测力计示数不稳定,应该静止读数,你认为他的想法_________(选填“正确”或“不正确”),因为他没有考虑到___对滑轮组机械效率的影响.(3)根据表中第1次实验数据,得出第一次实验的机械效率是_____________.(4)通过比较____两次实验数据得出结论:同一滑轮组提升重物时,物重越大,滑轮组的机械效率越高.(填实验次数的序号)(5)通过比较2、3两次实验数据可得出结论:不同滑轮组提升相同重物时,动滑轮越重,滑轮组的机械效率___________.22.小明同学“探究不同物质吸热升温的现象”,同时又“探究不同燃料燃烧的放热能力”,他设计了两组实验装置如下图:(1)你认为“探究不同燃料燃烧的放热能力”应选用_____(选填“甲”或“乙“)组器材.(2)除了图中已经呈现的器材,还需要用到其他测量工具.你认为两个实验都还要用到的其他测量工具是_____;仅甲组实验还需要的测量工具是_____.(3)甲组实验是通过_____来反映物质吸收热量的多少,乙组是通过_____来反映燃料放出热量的多少.(4)小明购买了一盒薯片,取出几片用上述方法测出薯片的热值为1.4×107J/kg,他又观察到包装盒上印有“质量:100g”,他据此算出了整盒薯片能提供的热量为_____.这个结果与包装盒上注明的“能量:2100kJ”不等,原因可能是_____.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23.如图所示是某型号的电热水壶,有关参数如表,将电热水壶装入最大容量的水后,放置于面积为1.2m2的水平桌面上,求:(1)该热水壶受到的总重力为多少N?(2)该热水壶对桌面的压强多大?(3)若正常工作7分钟即可将该壶中初温为20℃的水加热到100℃,则电热水壶正常工作时的效率多大?(c水=4.2×103J/(kg·℃))24.图甲是我县城区在修建西台大桥时使用吊车向河底投放圆柱形石料的示意图。在整个投放过程中,石料以恒定速度v=0.1m/s下降。图乙是钢丝绳对物体的拉力T随时间t变化的图象(从t=0时刻开始下放石料到石料刚好接触河底),石料入水前吊车的机械效率为87.5%.(不计水的摩擦阻力和放入石块后水面的变化)g取10N/kg。求:(1)完全浸没后,石料所受的浮力(2)河底受到水的压强(3)石料入水前,吊车绳子自由端的拉力F。六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25.建设中的港珠澳大桥由桥梁和海底隧道组成,隧道由一节一节用钢筋混凝土做成的空心沉管连接而成,如图所示,建造隧道时,先将沉管两端密封,如同一个巨大的长方体空心箱子,然后让其漂浮在海面上,再用船将密封沉管拖到预定海面上,向其内部灌水使之沉入海底.设某一节密封长方形沉管的长.宽.高分别是180m,35m,10m,总质量为6×107kg(海水密度取1.0×103kg/m3,g取10N/kg)漂浮在海面上的密封沉管,在灌水前受到的浮力F浮=______N.在对密封沉管灌水使其下沉过程中,其下表面受到海水的压强大小将_________,当密封沉管上表面刚好水平浸没在海水中时,注入的海水至少为_______kg,此时其下表面受到海水的压力等于________N.当密封沉管灌水下沉到海底后,将其下半部分埋入海底的泥沙中,再将灌入其中的海水全部抽出,此时空心密封沉管不会再上浮,请用浮力的知识来解释其原因.答:___________________________________________________________________________26.1901年,挪威人伯克兰造出世界上第一台电磁发射器,首开电磁炮先河.为了认识电磁炮的一些特性,小柯制作了一个电磁炮模型,其原理如下图.螺线管通电后,铁制撞针迅速前移,推动炮弹射出炮管.小柯要增强电磁炮中螺线管磁场,下列方法可行的是(选填字母).A.增加螺线管的线圈匝数B.改变线圈中的电流方向C.增大通过螺线管的电流炮弹的动能影响它的威力.直接测量动能小柯遇到困难,所以,他通过测量同一炮弹的射程(炮弹出射点离落地点间的水平距离)来间接比较.此研究方法与下列(选填字母)实验所用方法相同.A.用刻度尺测物体长度B.用量筒测液体体积C.用压强计研究液体内部压强小柯测得的一项实验数据(取多次实验的平均值)如下表.实验次数第1次第2次第3次第4次第5次撞针质量(克)0.10.20.30.40.5射程(米)0.480.540.810.460.41小柯得出了“当其他条件相同的情况下,撞针质量为0.3克时电磁炮的射程最远”的结论.小妍觉得这个结论还不可靠,建议再取不同质量的撞针进行实验.你认为选择撞针质量范围在克之间进行进一步实验比较合理.27.如图所示为某型“无人机”,它具有4个旋翼,可通过无线电进行操控,其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。制作无人机的材料应具有___小、硬度大的特点,起飞时,增大四个旋翼的转速,使吹向下方的风量增加,无人机就会上升,这是因为力的作用是___.在空中飞行时,只要增加___侧两个旋翼的转速,就能使无人机右侧抬升,向左倾斜飞行。该机一个旋翼的电动机额定功率为30W,额定电压为15V,电动机正常工作时,通过的电流为多少___A?该机所需的能量是由一块输出电压为15V,容量为5000mAh⋅的电池提供。若电能的80%用于飞行,飞行时的实际功率为100W,则该机最多能飞行多少时间______?参考答案(含详细解析)一、单项选择题(本大题7小题,每题3分,共21分)1、C【答案解析】A.由图象可知,小明的路程和时间关系图象是一条直线,表明路程和时间成正比,所以小明做的是匀速直线运动;而小华的路程和时间关系图象是一条曲线,表明路程和时间不成正比,所以小华做的不是匀速直线运动,故A错误;BD、分析图象可知,在前2s内,小华运动的距离比小明大,所以小华跑得较快,故B错误;C.时间t=8s,由图象可知,路程s=40m,小明的速度是v==5m/s,因为小明做的是匀速直线运动,前2s,小明的速度也是5m/s,故C正确.有图像知8秒钟他们通过的路程相等故D错误.故选C.2、B【答案解析】A.图甲,瓶子内的空气推动塞子跳起时,空气的内能减小,故A错误;B.图乙,试管内的水蒸气推动了塞子冲出时,水蒸气对塞子做功,水蒸气的内能减少,故B正确;C.图丙,汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程),内能转化为机械能,气缸内气体的内能减少,故C错误;D.图丁,小蒸汽轮机利用内能转化成机械能来工作的,故D错误;故选B。【答案点睛】(1)根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题;(2)做功可以改变物体的内能,当外界对物体做功时,物体的内能增大,当物体对外界做功时,物体的内能就会减小。3、C【答案解析】各种形式的能量都不是孤立的,它们可以在一定条件下发生转化,且能量的转化是有方向的,地球上所有能量直接或间接来自于太阳能,所以按一次能源和二次能源,下列能量的转化顺序是:太阳--树林--燃煤电厂--空调,故只有C正确。4、C【答案解析】我们通过听声音就能判断出是谁在说话,主要是依据声音的音色不同,故ABD错误,C正确。5、D【答案解析】由电路图可知,体重测试仪串联在电路中,所以体重显示表是用电流表改装成的,故B不正确;当测试仪所测体重越大时,滑片上移,滑动变阻器接入电路的电阻越小,总电阻变小,由I=可知,电路中的电流越大,即体重显示表的示数越大,故A不正确;当自动体重测试仪的上方无物体时,滑片位于绝缘体的位置,电路断路,故C不正确;体重测试仪所测体重越大,电路中的电流越大,由W=UIt可知,相同时间内电路消耗电能越多,故D正确。6、D【答案解析】甲乙液体质量相等,由图可知甲的体积大于乙的体积,根据可知,甲的密度小于乙的密度,即ρ甲<ρ乙;甲乙液体质量相等,对容器底的压力(F=G=mg)相等;A的底面积大,根据可知p甲1<p乙1,当两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后即h甲=h乙、且ρ甲<ρ乙,根据p=ρgh可知,甲增加的压强小于乙增加的压强,即△p甲<△p乙,由于加入液体后各自容器底部的压强为p甲=p甲1+△p甲;p乙=p乙1+△p乙,所以,p甲<p乙。7、C【答案解析】试题分析:要研究导体中的电流与电阻的关系,由控制变量法的思路可知,需要保证导体两端的电压不变,当电路中的电阻由5Ω换成10Ω时,导体两端的电压是否变化,怎样变化是此题的解题思路.在滑片P不动的情况下,将电阻由5Ω换成10Ω后,闭合开关,电路总电阻变大,I=∵,∴电路中的电流变小,滑动变阻器两端的电压变小,∵串联电路的总电压等于各分电压之和可知,∴定值电阻两端的电压增大,要使电压表的示数不变,只能减小电路中的电流,增大滑动变阻器接入电路的电阻,即滑片P向右端移动.考点:欧姆定律的应用;串联电路的电压规律;滑动变阻器的使用;电路的动态分析点评:电源电压不变,两串联电阻,当其中一个电阻增大时,其两端电压也增大,另一个电阻两端的电压同时减小二、填空题(本大题7小题,共21分)8、10.38【答案解析】由图示电路图可知,1与灯泡并联,1是电压表;由图示电流表可知,其量程为0∼0.6A,分度值为0.02A,示数为0.3A,由I=可知,灯泡电阻:R===8Ω;点睛:电压表应与被测电路并联,分析图示电路确电压表;由图示电流表确定其量程与分度值,然后读出其示数;由欧姆定律求出灯泡电阻.9、增大不变【答案解析】物体吸热,内能增加,故对材料加热,其内能增大温度升高,达到熔点而熔化.质量是物质的属性,当一块加工好的太空材料从太空返回地球时,其质量不变.点睛:通过热传递可以改变物体的内能;质量是物质的属性,不随位置、形状、状态的改变而改变.10、反射虚【答案解析】古诗中的“水中嘴对嘴”,是指驴在岸边饮水,水面上就会出现驴子嘴的像,这是光的反射形成的虚像,与平面镜成像原理是相同的.故答案为反射;虚.11、保持不变竖直向下平衡力【答案解析】因为重力的方向总是竖直向下的,所以悬线OA由于受重力的作用就保持竖直方向不变,悬线OA与水平面的夹角将保持不变;重力的方向始终是竖直向下的,用来检查墙壁砌得是否竖直的中垂线就是根据这一原理制成的;弹簧测力计对A的拉力与A受到的重力,大小相等,方向相反,作用在同一物体上,作用在同一直线上,是一对平衡力.12、4:11:1【答案解析】因实心正方体A、B的材质相同,即密度相同,所以,由m=ρV=ρL3可得,它们的边长之比:====,因水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以,甲、乙两种情况对地面的压强之比:======;因两种情况下整体对地面的压力相同,接触面的粗糙程度相同,所以,整体受到的滑动摩擦力f相同,因物体做匀速直线运动时处于平衡状态,受到的推力和滑动摩擦力是一对平衡力,所以,F甲=F乙=f,即F甲:F乙=1:1。13、变大0.20.02【答案解析】(1)随着水位上升,由p=ρgh可知,水对水池底部的压强逐渐变大;(2)塑料盒排开水的体积:V排=Sh=10cm2×2cm=20cm3=2×10-5m3;塑料盒受到的浮力:F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-5m3=0.2N;(3)物体重力:G=mg=0.02kg×10N/kg=0.2N;注水结束时,塑料盒受到的浮力应增加0.2N,塑料盒排开水的体积增加值:水位变化:14、省力420将砖块靠近车轮【答案解析】图中的独轮车使用时动力臂大于阻力臂,故独轮车是一个省力杠杆;根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2;得F×1m=1400N×0.3m;解得F=420N,为了更省力,可采取减少阻力臂或增大动力臂,具体做法是:将砖块靠近车轮或受远离车轮.三、作图题(共7分)15、【答案解析】根据反射定律:反射光线、入射光线和法线在同一平面内,反射光线、入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角,作出入射光线并标出入射角及其度数.【题目详解】由图知,反射角为,可得入射角也为,在法线左侧画出入射光线,度数等于反射角为即可,如图所示:16、【答案解析】已知螺线管N极向右,伸出右手使右手大拇指指示螺线管的左端(N极),四指弯曲所指的方向为电流的方向,由此可知电流从螺线管的左边流入,右边流出,则电源的左边为正极、右边为负极,通电螺线管外部的磁感线方向是从N极指向S极,即磁感线方向向左;如图所示:17、【答案解析】做脚后跟A关于镜面的对称点A′,连接像点和眼睛O与镜面相交于一点O,即为入射点,连接AO、OB,则AO是入射光线,OB为反射光线,如下图所示:四、实验题(本大题共5小题,共20分)18、76加热时间水【答案解析】①实验时所用的液体温度计是利用液体热胀冷缩的性质制成的;由图乙中知,温度计的分度值为2℃,示数为76℃;②实验中,用加热时间间接反映液体吸收热量的多少;分析表格中的数据可知,相同质量的水和液体加热相同的时间,即吸收相同的热,水的温度变化较小,说明水的吸热能力较强;19、C10减小误差0.8灯丝电阻会随温度而发生变化【答案解析】(1)逐一分析每个选项,找出正确答案;(2)根据图线,由欧姆定律求电阻大小;(3)多次测量取平均值可减小误差;(4)根据测量数据绘成如图丙所示的图象,找出灯L的额定电压为2.0V通过的电流大小,根据P=UI求它的额定功率;(5)灯丝电阻会随温度而发生变化.【题目详解】(1)A.若滑动变阻器断路,则整个电路断路,两表都没有示数,不符合题意;B.若R断路,则电流表没有示数,电压表与变阻器串联,测电源电压有示数,不符合题意;C.若R短路,则电压表没有示数,电流表有示数,符合题意;故选C;(2)根据测量数据绘成如图乙所示的直线,由欧姆定律,由图象可知定值电阻:R==10Ω;(3)乙同学根据测量数据分别计算出多个R的阻值并取平均值,其目的是为减小误差;(4)根据测量数据绘成如图丙所示的图象,当灯L的额定电压为2.0V,通过的电流为0.4A.则它的额定功率为P=U′I′=2V×0.2A=0.8W;(5)因灯丝电阻会随温度而发生变化,不是一个定值,故灯丝的U﹣I图象不是一条直线.20、选取的定值电阻的阻值不同三没有控制电阻两端电压不变见解析所示等于【答案解析】(1)根据表格一中的数据利用描点连线法作出I-U图象,如下图所示:实验中各小组所使用的定值电阻的阻值可能各不相同,所以,在相同的坐标纸上有些小组的图象却明显不同;(2)探究“电流与电阻的关系”时,有控制变量法知道,需要控制电阻两端的电压不变,根据欧姆定律,由表二中的数据知道,第一次与第二次实验时,电阻两端的电压都是2V,而第三次不是,所以,第三次实验的数据存在错误;改正表二的错误后,分析数据我们得到的结论是:电压一定时,导体中的电流与其电阻成反比。(3)设电源电压是U,第一次与第二次实验时电路中滑动变阻器接入电路的电阻分别是R滑1和R滑2,根据表格数据,由欧姆定律知道,U=I1(R1+R滑1),U=I2(R2+R滑2),所以,2R滑1=R滑2;由知道,第1次实验时,定值电阻消耗的功率是:,滑动变阻器消耗的功率是:第1次实验时,定值电阻消耗的功率是:,滑动变阻器消耗的功率是:根据题意知道,a=,b=,又因为2R滑1=R滑2,所以,,即a=b。21、匀速不正确摩擦74%(或者74.1%)1、2越低【答案解析】(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计,使物体匀速升高,此时系统处于平衡状态,测力计示数才等于拉力大小;(2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数,弹簧测力计示数不稳定,应该静止读数,他的想法不正确,因为她没有考虑到绳子与轮之间的摩擦对滑轮组机械效率的影响,导致测力计示数偏小;(3)W有=Gh=4N0.1m=0.4J,W总=Fs=1.8N0.3m=0.54J,所以第1次实验测得的机械效率为:η===×100%=74%;(4)研究同一滑轮组提升重物时,机械效率与物重的关系时,要控制滑轮个数相同、绳子的段数相同,只改变物体的重力,故通过比较1、2两次实验数据得出结论:同一滑轮组提升重物时,物重越大,滑轮组的机械效率越高;(5)通过比较2、3两次实验数据,即对应的图乙、图丙两装置,滑轮组不同,提升的重物相同,动滑轮越重机械效率越小,故可得出结论:不同滑轮组提升相同重物时,动滑轮越轻,滑轮组的机械效率越高.(不同滑轮组提升相同重物时,动滑轮越重,滑轮组的机械效率越低).22、乙天平秒表加热时间水升高的温度1.4×106J实验中存在热量的损失,或实验时薯片没有完全燃烧【答案解析】(1)研究不同燃料燃烧放热能力应用不同的燃料,加热相同的流体,因此选乙组器材.(2)观察甲、乙两图,物质的质量都必须相等,因此还要用天平称量质量,即要用到相同的器材是天平;仅甲组实验来说,还需要测量加热时间,所用工具是秒表;(3)甲组实验用相同的加热装置,所以是通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少,因此秒表用在甲装置中;乙组燃料放出热量的多少不易直接测量,所以是通过水温升高的度数或水温的变化来反映燃料放出热量的多少.(4)质量为:,整盒薯片能提供的热量为:,用试验中测得的薯片的热值计算出整盒薯片能提供的热量小于包装盒上注明的能量,原因可能是实验中有部分热量直接散发到了空气中,所以存在热量的损失,另外实验时薯片可能没有完全燃烧.【答案点睛】“不同物质吸热升温的现象”和“不同燃料燃烧的放热能力”两实验都用到了控制变量法和转换法,两种方法都是初中物理常用的研究方法,注意理解体会.五、计算题(本大题共2小题,共13分)23、(1)20N(2)8000Pa(3)80%【答案解析】(1)水的质量为m水==1.0kg/1.5=1.5kg;则水重为G水==1.5kg10N/kg=15N.空壶重为G壶=0.5kg10N/kg=5N,热水壶受到的总重力G总=G水+G壶=15N+5N=20N.(2)热水壶对水平桌面的压力F=G总=20N,热水壶对水平桌面的压强P==8;(3)水吸收的热量为:Q=cmΔt=4.2J/(kg•℃)1.5kg(100℃-20℃)=5.04J,消耗的电能为W=Pt=1500W760s=6.3J,电热水壶正常工作时的效率为:=100==80;24、(1)500N。(2)1×105Pa。(3)800N。【答案解析】(1)由图象可知:石料的重力G=1400N,浸没在水中时钢绳对物体的拉力T=900N,完全浸没后,石料所受的浮力:F浮=G﹣T=1400N﹣900N=500N;(2)由图象可知:石料从接触水面到沉入水底用时120s﹣20s=100s,根据v=可得,河水的深度:h=vt=0.1m/s×100s=10m,河底受到水的压强:p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa。(3)因为滑轮组绳子的股数n=2,s=nh,所以η===87.5,则石料入水前,吊车绳子自由端的拉力:F===800N。六、综合能力题(本大题共3小题,共18分)25、(1)6×108;(2)变大;3×106;6.3×108;(3)沉管下半部分埋入海底的泥沙中,下表面与水不接触,不受海水向上的压强,向上的压力为0,根据浮力的产生原因,沉管不再受海水的浮力.【答案解析】试题分析:(1)沉管灌水前处于漂浮状态,受平衡力作用:F浮=G=mg=6×107kg×10N/kg=6×108N;(2)1液体压强计算公式p=ρgh表明,液体内部的压强随深度的增大而增大,密封沉管灌水使其下沉过程中,其下表面所处的深度越来越大,受到海水的压强将变大;2当密封沉管上表面刚好水平浸没在海水中时,浮力等于沉管和注入海水的重力F总浮=G总=G管+G水,沉管浸没水中,受到的浮力为:F总浮=ρgV=1.0×103kg/m3×10N/kg×(180m×35m×10m)=6.3×108N至少注入海水的重力:G水=F总浮-G管=6.3×108N×6×108N=3×107N,至少注入海水的质量:3方法一:浸没在水中的物体受到的浮力等于上下表面的压力差,因为沉管刚好浸没在水中,故沉管的上表面受到水的压力为0,沉管下表面受到海水的压力就等于沉管此时受到的浮力:F下=6.3×108N.方法二:先用液体压强计算公式P=ρgh计算出沉管下表面受到的压强,再利用公式F=pS计算出沉管下表面受到的压力:F=pS=ρghS=1.0×103kg/m3×10N/kg×(180m×35m×10m)=6.3×108N.(3)沉管下半部分埋入海底的泥沙中,下表面与水不接触,不受海水向上的压强,向上的压力为0,根据浮力的产生原因,沉管不再受海水的浮力,此时空心密封沉管不会再上浮..考点:浮力产生的原因,液体压强的计算,阿基米德原理26、(1)AC(2)C(3)0.2—0.4【答案解析】试题分析:(1)通电螺线管磁场的强弱与电流的大小、线圈的多少和铁芯的有无有关.(2)把测量动能的大小,转化成测量同一炮弹的射程,这是利用了转换思想,把不易测量的物理量转换成易测量的物理量.这与利用压强计测量液体的压强方法类似,把液体内部压强的大小转化成U型管中液面的高度差不同,形象易于比较.(3)根据表格中信息知道撞针在0.2—0.4之间时,电磁炮的射程最远.【考点定位】电与磁物理实验方法27、密度相互的右通过的电流为2A该机最多能飞行2160s【答案解析】(1)为了减轻无人机的质量,在体积一定时,制作无人机的材料应具有密度小的特点;增大四个旋翼的转速,使吹向下方的风量增加,无人机就会上升,这是因为力的作用是相互的;根据流体压强和流速的关系可知,流速越大,压强越小,要使无人机右侧抬升,需要增加右方的风量,减小右方的压强,因此应该增加侧两个旋翼的转速。(2)电动机的额定电压是220V,额定功率为1.1KW,故额定电流为:I===2A;(3)电池储存的能量:W=UIt=15V×5A×3600s=2.7×105J,根据η=可得,电能转为的机械能:W机=W×80%=2.7×105J×80%=2.16×105J,根据P=可得,该机最多能飞行的时间:t===2160s.',)


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